领导让我脱离ai写代码，我纯手工写了，领导说我拉了一坨大的。。
老鬼约 5 分钟刚看到个贴子，说一个程序员被领导要求“脱离AI手写代码”，结果他真的纯手工写了，领导看完骂他“拉了一坨大的”。这贴子一出，网友炸了，有的说领导自相矛盾，有的说这哥们太老实。
我觉得这事吧，本质不是AI和人工的对立，而是“成果导向”的问题。领导要你脱离AI，可能是想看你有没有独立思考能力，不是真的要你拒绝工具。结果你真“手写”了，他反而觉得你不懂效率。听着荒唐，其实很典型——职场上很多任务都是“揣摩上意”的考题。
网友们骂领导双标也有道理，但反过来想，咱打工人也得懂规则：用不用AI不是重点，能不能写出好代码、解决问题才是底线。说到底，工具只是刀，关键还得看谁拿着。【备注:文末可领最新资料】
算法题：单词游戏
想象一下你和同桌在玩一个小游戏： 桌上有一堆英文单词，全是小写，比如：ab、bc、cd、da。
规则是这样的： 前一个单词的最后一个字母，要等于下一个单词的第一个字母，而且——
每个单词必须用一次、只能用一次 最后一个单词的结尾字母，还得能接回第一个单词的开头字母，形成一个环
问题就变成了： 给你 N 个单词，能不能把它们排成这样一个圈？ 这就是经典的“单词游戏”算法题。
怎么抽象成图论问题？
这种题如果直接在字符串上硬拼，基本会被绕晕。换个角度想，会简单很多。
我们可以把 每个字母 看成一个点（顶点），一共 26 个：a ~ z。 然后把 每个单词 看成一条从「首字母」到「尾字母」的有向边。
举个例子：
单词 ab：就是从a指向b的一条边单词 bc：就是从b指向c的一条边
这样一来，题目就变成一句很“图论”的话：
给定一张有向图，每条边表示一个单词，能不能用所有边恰好走一遍，并且走成一个回路？
这在图论里有一个专门的名字：有向图的欧拉回路（Eulerian Circuit）。
欧拉回路的两个关键条件
对于一张有向图，要想存在包含所有边的欧拉回路，需要满足两个核心条件：
每个点的入度 = 出度
出度：以这个点为起点的边的条数 入度：以这个点为终点的边的条数 对应到我们的题目，就是： 某个字母开头的单词有多少个，它结尾的单词也得有多少个，否则“接不平”。
所有“出现过的点”在忽略方向后是连通的简单说就是： 把边当成无向边来看的时候，所有参与过单词的字母，必须都在同一个连通块里。 否则就会出现“两坨不相干的字母群”，那肯定不可能把所有单词串成一个圈。
所以算法思路就很明确了：
用 26 个点建图 统计每个点的入度、出度 用 DFS / BFS 检查连通性 度数 & 连通性条件都满足，就能构成“单词游戏”的闭环
具体算法步骤（用人话串一遍）
大概流程如下：
准备几个数组：
in[26]：记录每个字母的入度out[26]：记录每个字母的出度adj：无向邻接表，用来做连通性检查（把有向边当成无向边加入）
遍历每个单词 w：
u = w.charAt(0) - 'a'作为起点v = w.charAt(w.length()-1) - 'a'作为终点out[u]++，in[v]++在无向图里加边： u <-> v
检查入度和出度：
对于每个字母 i：如果in[i] != out[i]，那就直接判定 不可能成环
检查连通性：
找一个“度数 > 0” 的起点 start从 start做一次 DFS / BFS（用无向图）把所有“度数 > 0 的点”都数一下，看是否都被访问到了 如果有某个参与过单词的字母没有被访问到，也是不行的
如果以上两个检查都通过，那么答案就是：可以完成这个单词游戏。
下面给一份相对简洁的 Java 写法，核心就是上面那套逻辑：
import java.util.*;
publicclassWordGame{
// 判断是否能把所有单词排成一个首尾相接的圈
publicstaticbooleancanFormCircle(List<String> words){
int[] in = newint[26];
int[] out = newint[26];
List<Integer>[] adj = new ArrayList[26];
for (int i = 0; i < 26; i++) {
adj[i] = new ArrayList<>();
}
// 记录哪些字母真正出现过
boolean[] used = newboolean[26];
for (String w : words) {
if (w == null || w.length() == 0) continue;
char first = w.charAt(0);
char last = w.charAt(w.length() - 1);
int u = first - 'a';
int v = last - 'a';
out[u]++;
in[v]++;
used[u] = used[v] = true;
// 无向图，用于连通性检查
adj[u].add(v);
adj[v].add(u);
}
// 条件一：入度 = 出度
for (int i = 0; i < 26; i++) {
if (in[i] != out[i]) {
returnfalse;
}
}
// 找一个度数 > 0 的点作为 DFS 起点
int start = -1;
for (int i = 0; i < 26; i++) {
if (in[i] + out[i] > 0) {
start = i;
break;
}
}
// 没有任何单词，其实可以认为既成环又没意义，这里按“无法形成”处理
if (start == -1) returnfalse;
// 条件二：忽略方向后，所有出现过的点必须连通
boolean[] visited = newboolean[26];
dfs(start, adj, visited);
for (int i = 0; i < 26; i++) {
if (used[i] && !visited[i]) {
returnfalse;
}
}
returntrue;
}
privatestaticvoiddfs(int u, List<Integer>[] adj, boolean[] visited){
visited[u] = true;
for (int v : adj[u]) {
if (!visited[v]) {
dfs(v, adj, visited);
}
}
}
// 随便写个 main 简单测一下
publicstaticvoidmain(String[] args){
List<String> words1 = Arrays.asList("ab", "bc", "cd", "da");
System.out.println(canFormCircle(words1)); // true
List<String> words2 = Arrays.asList("ab", "bc", "ca", "ad");
System.out.println(canFormCircle(words2)); // false
}
}
你在刷题平台上做这道“单词游戏”的题时，大多数输入输出格式都会不太一样（有的多组用例，有的是从标准输入读），但核心判断逻辑基本就是这套：欧拉回路 = 入度出度相等 + 连通性 OK。
剩下的，就是把这坨逻辑根据题目的输入格式，稍微包一包就能 AC 了。
-END-
我为大家打造了一份RPA教程，完全免费：songshuhezi.com/rpa.html